计算题：某电能表常数为450r/（kwh），负载加热圈为2kw，计量倍率为50/5，该表表盘10min应转几转？若实际测得转数为14r，求表计实际误差为多少？
题目
计算题：某电能表常数为450r/（kwh），负载加热圈为2kw，计量倍率为50/5，该表表盘10min应转几转？若实际测得转数为14r，求表计实际误差为多少？
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第1题：
计算题：某一个单相电能表铭牌上标明电能常数C＝2000r／kWh，求该表每一转电能K为多少瓦时？
正确答案: 由K＝1000／C得K＝1000／2000＝0.5（Wh／r）
该表每一转为0.5Wh。 -
第2题：
某电能表铭牌上标明常数为c=2000r/kWh，则该表转一圈为0.5Wh。
正确答案:正确 -
第3题：
某供电所红三115线路的用户东大红砖厂，使用两台配变，其中一台容量为125kVA，检查人员现场测量运行电流为120A，运行电压为375V，电能表常数为600r/kWh，电流互感器倍率为200/5，现场实测电能表转一圈是9S，经计算表转一圈应为3．85S，误差为-57.2%。 经用瓦秒法测试有部分电能计量表计误差为负，表慢的幅度较大，检查表计接线和电流互感器接线及复核倍率均正确。 因此，基本判断是电能表出现了故障，但经局计量室校验电能表计量准确，安装后测量还是负误差。试分析现场电能表瓦秒法测试为负的原因。
正确答案: 现场用瓦秒法测试电能表转一圈的理论时间T＝（36000TA倍率÷常数0UIcosφ，现场检查人员测量实际运行电流和运行电压是比较准确的，误差较小。
因用电设备一般是农灌负荷，故取cosφ＝0.8，这对于多数计量表计用瓦秒法现场测试是比较准确的，而对于一部分消耗无功功率较高的用电设备用瓦秒法计算取功率因数等于0.8是错误的。
因为，功率因数已低于0.8了，所以造成计算误差。 -
第4题：
已知一单相电能表常数为5000r／kwh，用秒表测圆盘转数，圆盘转动40圈时秒表是5706秒，求电能表所带的用电设备为多少瓦？
正确答案: 1h=3600s，57.6s=57.6/3600=0.016h
W=N/C=40/5000=0.008kwh
P=W/t=0.008/0.016=0.5 kw=500w -
第5题：
计算题：供电公司计量检测人员现场校验某客户电能表，发现慢10%（非人为因素所致），已知该电能表自换装之日起至发现之日止，表计电量为900000kWh。问应补多少电量？
正确答案: 假设该用户正确计量电能为W，则有
（1－10%）×W＝900000
W＝900000／（1－10%）
W＝1000000（kWh）
根据《供电营业规则》第八十条第1款的规定，电能表超差或非人为因素致计量不准，按投入之日起至误差更正之日止的二分之一时间计算退补电量，则应补电量△W：
△W＝1/2×（1000000-900000）＝50000（kWh）
应补电量50000kWh。 -
第6题：
用户装有一单相电能表，电能表的计度器倍率为10，电能表度数为75kWh.求实际用电量是（）。
- A、75kWh；
- B、750kWh；
- C、10kWh；
- D、225kWh
正确答案:B -
第7题：
计算题：有一块5A、220V直接接入式单相电能表，其本身无变比和倍率，当将它经100／5A电流互感器接入被测负载，其实用倍率为多少？此时，若该单相电能表的读数（即本次读数和上次读数之差值）为40kW•h，则该用户的实际用电量应为多少？
正确答案: ①根据已知条件，电量表的实际用倍率为
实用倍率＝（实用电压互感器变比×实用电流互感器变比×表本身倍率）／（表本身电压互感器变比×表本身电流互感器变比）
＝（1×100／5×1）／（1×1）＝20（倍）（3.5分）
②该用户的实际用电量为
W＝20×40＝800（kW•h）
其实用倍率为20倍，该用户的实际用电量应为800kW•h。 -
第8题：
计算题：某用户TV为10/0.1，TA为200/5，电能表常数为2500r/kwh，现场实测电压为10kV，电流为170A、cosφ为0.9。有功电能表在以上负荷时转5r用20s，请计算该表计量是否准确。
正确答案: 解：实测时瞬时负荷P＝√3UIcosφ＝√3*10*170*0.9＝2649.96（kw）
该负荷时5r所用时间T＝5*3600*10/0.1*200/5/2500*2650＝10.87（S）r=T-t/t*100%＝10.87-20/20*100%＝-45.7%
答：该表误差达-45.7%，计量不准确，要进行更换。 -
第9题：
某居民用户反映电能表不准，检查人员查明这块电能表准确度等级为2.0，电能表常数为3600r/kWh,当用户点一盏60W灯泡时，用秒表测得电能表转6r用点时间为1min，试分析该表的相对误差是多少，平判断该表是否不准？如不准是快了还是慢了？
正确答案: 根据公式计算正常情况下，该表转6r所需时间T=N∕（C·P）=3600X1000∕（C3600X60）X100=100（s）。相对误差为R=（T-t）∕t=（100-60）=66.7%＞2%故该表不准，转快了。答：该表不准，转快了。 -
第10题：
某电能表常数为2000r/kWh，测得10转的时间为12s，其功率为2kW。
正确答案:错误 -
第11题：
某用户认为计量电能表不准申请校验，该电能表允许误差为±2%。经校验，该用户计量电能表实际误差为＋5%，在确定退给用户电量时应按（）计算。
- A、＋2%
- B、＋3%
- C、＋5%
- D、＋7%
正确答案:C -
第12题：
某用户接50/5电流互感器，6000/100电压互感器，电能表常数为5000imp/kWh。若电能表发出了25个脉冲，则用户实际用电量为（）。
- A、200kWh
- B、120kWh
- C、12000kWh
- D、600kWh
正确答案:B -
第13题：
某10kV高供高计客户，计量TA为50/5，全功能电能表常数5000imp/kWh，电能表1个有功脉冲代表多少kWh电能？现场目测电能表2分钟内发出25个有功脉冲，求此时客户平均功率是多少？
正确答案: （1）Q=（TA×TV×N）/K=10×100×1/5000=0.5（kWh）。
电能表1个有功脉冲代表0.5kWh电能。
（2）P=（TA×TV×N）/（K×S/60）=（10×100×25）/（5000×2/60）=150（kW）。
此时客户平均功率是150kW。
其中：TA—电流互感器变比；
TV—电压互感器变比；
K—电能表常数；
N—有功脉冲数；
S—目测时间。 -
第14题：
测量某一用户计量装置的综合误差为-20%，故障期间电能表实际计量为20万KWh，应补收用户电量2万KWh
正确答案:错误 -
第15题：
某居民用户电能表（2级）常数3000r/kWh，实际负荷为100W，测得该电能表转2转的时间22s，该表的误差是（）
- A、8.1%
- B、9.1%
- C、9.5%
- D、8.4%
正确答案:B -
第16题：
某10kV高供高计用户的计量电流互感器为50／5，若电能表读数为20kWh，则用户实际用电量为（）。
- A、200kWh
- B、20000kWh
- C、2000kWh
- D、100000kWh
正确答案:B -
第17题：
某用户接50/5电流互感器，6000/100电压互感器，DS型电能表电表常数为2000r/kWh。若电能表转了10圈，则用户实际用电量为（）。
- A、200kWh；
- B、3kWh；
- C、12000kWh；
- D、600kWh。
正确答案:B -
第18题：
某用户接50/5电流互感器，6000/100电压互感器，电能表常数为50imp／kWh。若电能表发出了25个脉冲，则用户实际用电量为（）。
- A、200kWh
- B、120kWh
- C、12000kWh
- D、600kWh
正确答案:B -
第19题：
用瓦秒法检查电能计量装置时，秒表计录电能表发出一个脉冲所需时间为50秒，电能表常数为2000imp/kwh，则表计功率为（）W。
- A、180
- B、18
- C、360
- D、36
正确答案:D -
第20题：
某用户接50／5电流互感器，6000／100电压互感器，DS862电能表电表常数为2000r／kWh。若电能表转了10圈，则用户实际用电量为（）。
- A、200kWh
- B、120kWh
- C、12000kWh
- D、500kWh
正确答案:B -
第21题：
某客户实际用电负荷为100kW，安装三相四线有功表的常数为1000r/kWh，TA变比为150/5A。用秒表法测得圆盘转10圈的时间为15秒，试求该套计量表计的误差为多少？
正确答案: 计算负载瞬间功率P2（kW）
P2=N×3600×KTA×KTV/C×t=10×3600×30/1000×15
=72（kW）
求该套计量表计误差r
r=[（P2-P1）÷P1]×100%
=[（72-100）÷100]×100%
=－0.28%
故该套计量表计的误差为－0.28%。 -
第22题：
某10kV用户接50/5电流互感器，若电能表读数为20kWh，则用户实际用电量为200kWh。
正确答案:错误 -
第23题：
某10kV用户接50／5电流互感器，若电能表读数为20kWh，则用户实际用电量为（）。
- A、200kWh；
- B、20000kWh；
- C、2000kWh；
- D、100000kWh.
正确答案:B